2004年数学一试题分析、详解和评注填空题（本题共6小题，每小题4分，满分24分,把答案填在题中横线上）
（1）曲线y=lnx上与直线垂直的切线方程为 .
【分析】 本题为基础题型，相当于已知切线的斜率为1，由曲线y=lnx的导数为1可确定切点的坐标。
【详解】 由，得x=1,可见切点为，于是所求的切线方程为
,即 .
【评注】 本题也可先设切点为，曲线y=lnx过此切点的导数为，得，由此可知所求切线方程为,即 .
本题比较简单，类似例题在一般教科书上均可找到.
（2）已知，且f(1)=0,则f(x)= ,
【分析】 先求出的表达式，再积分即可。
【详解】 令，则，于是有
,即
积分得 ,利用初始条件f(1)=0,得C=0，故所求函数为f(x)= .
【评注】 本题属基础题型，已知导函数求原函数一般用不定积分。
完全类似的例题见《数学复习指南》P89第8题,P90第11题.
（3）设为正向圆周在第一象限中的部分，则曲线积分的值为 ,
【分析】 利用极坐标将曲线用参数方程表示，相应曲线积分可化为定积分。
【详解】 正向圆周在第一象限中的部分，可表示为
于是
=
【评注】 本题也可添加直线段，使之成为封闭曲线，然后用格林公式计算，而在添加的线段上用参数法化为定积分计算即可.
完全类似例题见《数学题型集粹与练习题集》P143例10.11，《考研数学大串讲》P122例5、例7,
（4）欧拉方程的通解为 .
【分析】 欧拉方程的求解有固定方法，作变量代换化为常系数线性齐次微分方程即可。
【详解】 令，则 ，
，
代入原方程，整理得
，
解此方程，得通解为
【评注】 本题属基础题型，也可直接套用公式，令，则欧拉方程
，
可化为
完全类似的例题见《数学复习指南》P171例6.19,《数学题型集粹与练习题集》P342第六题.，《考研数学大串讲》P75例12,
（5）设矩阵，矩阵B满足，其中为A的伴随矩阵，E是单位矩阵，则 ,
【分析】 可先用公式进行化简
【详解】 已知等式两边同时右乘A，得
,而，于是有
,即 ，
再两边取行列式，有 ，
而 ，故所求行列式为
【评注】 先化简再计算是此类问题求解的特点，而题设含有伴随矩阵，一般均应先利用公式进行化简。
完全类似例题见《数学最后冲刺》P107例2，P118例9
（6）设随机变量X服从参数为的指数分布，则= ,
【分析】 已知连续型随机变量X的分布，求其满足一定条件的概率，转化为定积分计算即可。
【详解】 由题设，知，于是
=
=
【评注】 本题应记住常见指数分布等的期望与方差的数字特征，而不应在考试时再去推算。
完全类似例题见《数学一临考演习》P35第5题.
二、选择题（本题共8小题，每小题4分，满分32分,每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，把所选项前的字母填在题后的括号内）
（7）把时的无穷小量，使排在后面的是前一个的高阶无穷小，则正确的排列次序是
(A) ,(B) ,(C) ,(D) ,[ B ]
【分析】 先两两进行比较，再排出次序即可.
【详解】 ，可排除(C),(D)选项，
又
=，可见是比低阶的无穷小量，故应选(B).
【评注】 本题是无穷小量的比较问题，也可先将分别与进行比较，再确定相互的高低次序.
完全类似例题见《数学一临考演习》P28第9题.
（8）设函数f(x)连续，且则存在，使得
(A) f(x)在（0，内单调增加,（B）f(x)在内单调减少.
(C) 对任意的有f(x)>f(0),(D) 对任意的有f(x)>f(0),[ C ]
【分析】 函数f(x)只在一点的导数大于零，一般不能推导出单调性，因此可排除(A),(B)选项，再利用导数的定义及极限的保号性进行分析即可。
【详解】 由导数的定义，知
，
根据保号性，知存在，当时，有
即当时，f(x)<f(0); 而当时，有f(x)>f(0),故应选(C).
【评注】 题设函数一点可导，一般均应联想到用导数的定义进行讨论。
完全类似例题见《数学一临考演习》P28第10题.
（9）设为正项级数，下列结论中正确的是
(A) 若=0，则级数收敛.
（B） 若存在非零常数，使得，则级数发散.
(C) 若级数收敛，则,
若级数发散,则存在非零常数，使得,[ B ]
【分析】 对于敛散性的判定问题，若不便直接推证，往往可用反例通过排除法找到正确选项.
【详解】 取，则=0，但发散，排除(A)，(D)；
又取，则级数收敛，但，排除(C),故应选(B).
【评注】 本题也可用比较判别法的极限形式，
，而级数发散，因此级数也发散，故应选(B).
完全类似的例题见《数学复习指南》P213例8.13.
（10）设f(x)为连续函数，，则等于
(A) 2f(2),(B) f(2),(C) –f(2),(D) 0,[ B ]
【分析】 先求导，再代入t=2求即可。关键是求导前应先交换积分次序，使得被积函数中不含有变量t.
【详解】 交换积分次序，得
=
于是，，从而有 ，故应选(B).
【评注】 在应用变限的积分对变量x求导时，应注意被积函数中不能含有变量x:
否则，应先通过恒等变形、变量代换和交换积分次序等将被积函数中的变量x换到积分号外或积分线上。
完全类似例题见《数学最后冲刺》P184例12，先交换积分次序再求导.
（11）设A是3阶方阵，将A的第1列与第2列交换得B,再把B的第2列加到第3列得C,则满足AQ=C的可逆矩阵Q为
(A) ,(B) ,(C) ,(D) .
[ D ]
【分析】 本题考查初等矩阵的的概念与性质，对A作两次初等列变换，相当于右乘两个相应的初等矩阵，而Q即为此两个初等矩阵的乘积。
【详解】由题设，有
,，
于是,
可见，应选(D).
【评注】 涉及到初等变换的问题，应掌握初等矩阵的定义、初等矩阵的性质以及与初等变换的关系。
完全类似例题见《数学题型集粹与练习题集》P196例2.2
（12）设A,B为满足AB=O的任意两个非零矩阵，则必有
A的列向量组线性相关，B的行向量组线性相关,
A的列向量组线性相关，B的列向量组线性相关,
A的行向量组线性相关，B的行向量组线性相关,
(D) A的行向量组线性相关，B的列向量组线性相关,[ A ]
【分析】A,B的行列向量组是否线性相关，可从A,B是否行（或列）满秩或Ax=0（Bx=0）是否有非零解进行分析讨论.
【详解1】 设A为矩阵，B 为矩阵，则由AB=O知，
,
又A,B为非零矩阵，必有r(A)>0,r(B)>0,可见r(A)<n,r(B)<n,即A的列向量组线性相关，B的行向量组线性相关，故应选(A).
【详解2】 由AB=O知，B的每一列均为Ax=0的解，而B为非零矩阵，即Ax=0存在非零解，可见A的列向量组线性相关。
同理，由AB=O知，，于是有的列向量组，从而B的行向量组线性相关，故应选(A).
【评注】 AB=O是常考关系式，一般来说，与此相关的两个结论是应记住的：
AB=O;
AB=OB的每列均为Ax=0的解。
完全类似例题见《数学最后冲刺》P110例10-11，《数学一临考演习》P79第4题,〈考研数学大串讲〉P173例8,P184例27。
（13）设随机变量X服从正态分布N(0,1)，对给定的，数满足，若，则等于
(A) ,(B) ,(C) ,(D) ,[ C ]
【分析】 此类问题的求解，可通过的定义进行分析，也可通过画出草图，直观地得到结论。
【详解】 由标准正态分布概率密度函数的对称性知，，于是
即有 ，可见根据定义有，故应选(C).
【评注】 本题相当于分位数，直观地有
o
此类问题在文登学校的辅导班上作为正态分布的一般结论总结过.
（14）设随机变量独立同分布，且其方差为 令，则
(A) Cov( (B) ,
(C) ,(D) ,[ A ]
【分析】 本题用方差和协方差的运算性质直接计算即可，注意利用独立性有：
【详解】 Cov(
=
【评注】 本题(C),(D) 两个选项的方差也可直接计算得到：如
=，
=
完全类似的例题见《数学一临考演习》P78第23题（本题是第23题的特殊情况）.
（15）（本题满分12分）
设,证明.
【分析】 根据要证不等式的形式，可考虑用拉格朗日中值定理或转化为函数不等式用单调性证明.
【证法1】 对函数在[a,b]上应用拉格朗日中值定理，得
设，则,
当t>e时, 所以单调减少，从而，即
，
故 .
【证法2】 设，则
，
,
所以当x>e时， 故单调减少，从而当时，
，
即当时，单调增加.
因此当时，，
即 ，
故 .
【评注】 本题也可设辅助函数为或
，再用单调性进行证明即可。
完全类似的例题见《数学复习指南》P347例13.31及P344的[解题提示],《考研数学大串讲》P65例13,
（16）（本题满分11分）
某种飞机在机场降落时，为了减少滑行距离，在触地的瞬间，飞机尾部张开减速伞，以增大阻力，使飞机迅速减速并停下.
现有一质量为9000kg的飞机，着陆时的水平速度为700km/h,经测试，减速伞打开后，飞机所受的总阻力与飞机的速度成正比（比例系数为 问从着陆点算起，飞机滑行的最长距离是多少？
注kg表示千克，km/h表示千米/小时.
【分析】 本题是标准的牛顿第二定理的应用，列出关系式后再解微分方程即可。
【详解1】 由题设，飞机的质量m=9000kg，着陆时的水平速度,从飞机接触跑道开始记时，设t时刻飞机的滑行距离为x(t)，速度为v(t).
根据牛顿第二定律，得
.
又 ，
由以上两式得
，
积分得 由于，故得，从而
当时,
所以，飞机滑行的最长距离为1.05km.
【详解2】 根据牛顿第二定律，得 ,
所以
两端积分得通解，代入初始条件解得，
故
飞机滑行的最长距离为
或由，知，故最长距离为当时，
【详解3】 根据牛顿第二定律，得 ,
，
其特征方程为 ，解之得，
故
由 ，
得 于是
当时，
所以，飞机滑行的最长距离为1.05km.
【评注】 本题求飞机滑行的最长距离，可理解为或的极限值，这种条件应引起注意.
完全类似的例题见《数学最后冲刺》P98-99例10-11.
（17）（本题满分12分）
计算曲面积分
其中是曲面的上侧.
【分析】 先添加一曲面使之与原曲面围成一封闭曲面，应用高斯公式求解，而在添加的曲面上应用直接投影法求解即可.
【详解】 取为xoy平面上被圆所围部分的下侧，记为由与围成的空间闭区域，则
由高斯公式知
=
=
而 ，
故
【评注】 本题选择时应注意其侧与围成封闭曲面后同为外侧（或内侧），再就是在上直接投影积分时，应注意符号(取下侧，与z轴正向相反，所以取负号).
完全类似的例题见《数学复习指南》P325例12.21，《数学题型集粹与练习题集》P148例10.17（2）,《数学一临考演习》P38第19题.
（18）（本题满分11分）
设有方程，其中n为正整数,证明此方程存在惟一正实根，并证明当时，级数收敛.
【分析】 利用介值定理证明存在性，利用单调性证明惟一性。而正项级数的敛散性可用比较法判定。
【证】 记 由，，及连续函数的介值定理知，方程存在正实数根
当x>0时，，可见在上单调增加,故方程存在惟一正实数根
由与知
，故当时，.
而正项级数收敛，所以当时，级数收敛.
【评注】 本题综合考查了介值定理和无穷级数的敛散性，题型设计比较新颖，但难度并不大，只要基本概念清楚，应该可以轻松求证。
完全类似例题见《数学题型集粹与练习题集》P91例6.15(有关根的存在性与惟一性证明),收敛性证明用比较法很简单.
（19）（本题满分12分）
设z=z(x,y)是由确定的函数，求的极值点和极值.
【分析】 可能极值点是两个一阶偏导数为零的点，先求出一阶偏导，再令其为零确定极值点即可，然后用二阶偏导确定是极大值还是极小值，并求出相应的极值.
【详解】 因为 ，所以
，
.
令 得
故
将上式代入，可得
或
由于 ，
，
所以 ，，，
故，又，从而点(9,3)是z(x,y)的极小值点，极小值为z(9,3)=3.
类似地，由
，，，
可知，又，从而点(-9,-3)是z(x,y)的极大值点，极大值为
z(-9,-3)= -3.
【评注】 本题讨论由方程所确定的隐函数求极值问题，关键是求可能极值点时应注意x,y,z满足原方程。
完全类似的例题见《数学复习指南》P277例10.31.
（20）（本题满分9分）
设有齐次线性方程组
试问a取何值时，该方程组有非零解，并求出其通解.
【分析】 本题是方程的个数与未知量的个数相同的齐次线性方程组，可考虑对系数矩阵直接用初等行变换化为阶梯形，再讨论其秩是否小于n，进而判断是否有非零解；或直接计算系数矩阵的行列式，根据题设行列式的值必为零，由此对参数a的可能取值进行讨论即可。
【详解1】 对方程组的系数矩阵A作初等行变换，有
当a=0时,r(A)=1<n，故方程组有非零解，其同解方程组为
由此得基础解系为
于是方程组的通解为
其中为任意常数.
当时，对矩阵B作初等行变换，有
可知时，，故方程组也有非零解，其同解方程组为
由此得基础解系为
，
于是方程组的通解为
，其中k为任意常数.
【详解2】 方程组的系数行列式为
.
当，即a=0或时，方程组有非零解.
当a=0时，对系数矩阵A作初等行变换，有
，
故方程组的同解方程组为
由此得基础解系为
于是方程组的通解为
其中为任意常数.
当时，对系数矩阵A作初等行变换，有
，
故方程组的同解方程组为
由此得基础解系为
，
于是方程组的通解为
，其中k为任意常数.
【评注】 矩阵A的行列式也可这样计算：
=+，矩阵的特征值为，从而A的特征值为a,a,,故行列式
类似例题见《数学题型集粹与练习题集》P228例4.4和P234例4.12.
（21）（本题满分9分）
设矩阵的特征方程有一个二重根，求a的值，并讨论A是否可相似对角化.
【分析】 先求出A的特征值，再根据其二重根是否有两个线性无关的特征向量，确定A是否可相似对角化即可.
【详解】 A的特征多项式为
=
当是特征方程的二重根，则有 解得a= -2.
当a= -2时，A的特征值为2,2,6,矩阵2E-A=的秩为1，故对应的线性无关的特征向量有两个，从而A可相似对角化。
若不是特征方程的二重根，则为完全平方，从而18+3a=16，解得
当时，A的特征值为2，4，4，矩阵4E-A=秩为2，故对应的线性无关的特征向量只有一个，从而A不可相似对角化。
【评注】 n阶矩阵A可对角化的充要条件是：对于A的任意重特征根，恒有 而单根一定只有一个线性无关的特征向量。
原题见《考研数学大串讲》P224例20.，完全类似的例题还可参见《数学复习指南》P462例5.12及[解题提示].
(22)（本题满分9分）
设A,B为随机事件，且，令
求：（I）二维随机变量(X,Y)的概率分布；
（II）X和Y的相关系数
【分析】 先确定(X,Y)的可能取值，再求在每一个可能取值点上的概率，而这可利用随机事件的运算性质得到，即得二维随机变量(X,Y)的概率分布；利用联合概率分布可求出边缘概率分布，进而可计算出相关系数。
【详解】 （I） 由于，
所以,，
，
=
（或），
故(X,Y)的概率分布为
Y
X 0 1
0
1
(II) X,Y的概率分布分别为
X 0 1 Y 0 1
P P
则，，DY=,E(XY)=,
故 ，从而
【评注】 本题尽管难度不大，但考察的知识点很多，综合性较强。通过随机事件定义随机变量或通过随机变量定义随机事件，可以比较好地将概率论的知识前后连贯起来，这种命题方式值得注意。
原题见《考研数学大串讲》P274例3.
（23）（本题满分9分）
设总体X的分布函数为
其中未知参数为来自总体X的简单随机样本，求：
（I） 的矩估计量；
（II） 的最大似然估计量.
【分析】 先由分布函数求出概率密度，再根据求矩估计量和最大似然估计量的标准方法进行讨论即可。
【详解】 X的概率密度为
（I） 由于
，
令，解得 ，所以参数的矩估计量为
（II）似然函数为
当时，，取对数得
，
两边对求导，得
，
令，可得 ，
故的最大似然估计量为
【评注】 本题是基础题型，难度不大，但计算量比较大，实际做题时应特别注意计算的准确性。
完全类似的例题见《数学复习指南》P596例6.9,《数学题型集粹与练习题集》P364第十三题，《数学一临考演习》P26第23题,
（1）曲线y=lnx上与直线垂直的切线方程为 .
【分析】 本题为基础题型，相当于已知切线的斜率为1，由曲线y=lnx的导数为1可确定切点的坐标。
【详解】 由，得x=1,可见切点为，于是所求的切线方程为
,即 .
【评注】 本题也可先设切点为，曲线y=lnx过此切点的导数为，得，由此可知所求切线方程为,即 .
本题比较简单，类似例题在一般教科书上均可找到.
（2）已知，且f(1)=0,则f(x)= ,
【分析】 先求出的表达式，再积分即可。
【详解】 令，则，于是有
,即
积分得 ,利用初始条件f(1)=0,得C=0，故所求函数为f(x)= .
【评注】 本题属基础题型，已知导函数求原函数一般用不定积分。
完全类似的例题见《数学复习指南》P89第8题,P90第11题.
（3）设为正向圆周在第一象限中的部分，则曲线积分的值为 ,
【分析】 利用极坐标将曲线用参数方程表示，相应曲线积分可化为定积分。
【详解】 正向圆周在第一象限中的部分，可表示为
于是
=
【评注】 本题也可添加直线段，使之成为封闭曲线，然后用格林公式计算，而在添加的线段上用参数法化为定积分计算即可.
完全类似例题见《数学题型集粹与练习题集》P143例10.11，《考研数学大串讲》P122例5、例7,
（4）欧拉方程的通解为 .
【分析】 欧拉方程的求解有固定方法，作变量代换化为常系数线性齐次微分方程即可。
【详解】 令，则 ，
，
代入原方程，整理得
，
解此方程，得通解为
【评注】 本题属基础题型，也可直接套用公式，令，则欧拉方程
，
可化为
完全类似的例题见《数学复习指南》P171例6.19,《数学题型集粹与练习题集》P342第六题.，《考研数学大串讲》P75例12,
（5）设矩阵，矩阵B满足，其中为A的伴随矩阵，E是单位矩阵，则 ,
【分析】 可先用公式进行化简
【详解】 已知等式两边同时右乘A，得
,而，于是有
,即 ，
再两边取行列式，有 ，
而 ，故所求行列式为
【评注】 先化简再计算是此类问题求解的特点，而题设含有伴随矩阵，一般均应先利用公式进行化简。
完全类似例题见《数学最后冲刺》P107例2，P118例9
（6）设随机变量X服从参数为的指数分布，则= ,
【分析】 已知连续型随机变量X的分布，求其满足一定条件的概率，转化为定积分计算即可。
【详解】 由题设，知，于是
=
=
【评注】 本题应记住常见指数分布等的期望与方差的数字特征，而不应在考试时再去推算。
完全类似例题见《数学一临考演习》P35第5题.
二、选择题（本题共8小题，每小题4分，满分32分,每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，把所选项前的字母填在题后的括号内）
（7）把时的无穷小量，使排在后面的是前一个的高阶无穷小，则正确的排列次序是
(A) ,(B) ,(C) ,(D) ,[ B ]
【分析】 先两两进行比较，再排出次序即可.
【详解】 ，可排除(C),(D)选项，
又
=，可见是比低阶的无穷小量，故应选(B).
【评注】 本题是无穷小量的比较问题，也可先将分别与进行比较，再确定相互的高低次序.
完全类似例题见《数学一临考演习》P28第9题.
（8）设函数f(x)连续，且则存在，使得
(A) f(x)在（0，内单调增加,（B）f(x)在内单调减少.
(C) 对任意的有f(x)>f(0),(D) 对任意的有f(x)>f(0),[ C ]
【分析】 函数f(x)只在一点的导数大于零，一般不能推导出单调性，因此可排除(A),(B)选项，再利用导数的定义及极限的保号性进行分析即可。
【详解】 由导数的定义，知
，
根据保号性，知存在，当时，有
即当时，f(x)<f(0); 而当时，有f(x)>f(0),故应选(C).
【评注】 题设函数一点可导，一般均应联想到用导数的定义进行讨论。
完全类似例题见《数学一临考演习》P28第10题.
（9）设为正项级数，下列结论中正确的是
(A) 若=0，则级数收敛.
（B） 若存在非零常数，使得，则级数发散.
(C) 若级数收敛，则,
若级数发散,则存在非零常数，使得,[ B ]
【分析】 对于敛散性的判定问题，若不便直接推证，往往可用反例通过排除法找到正确选项.
【详解】 取，则=0，但发散，排除(A)，(D)；
又取，则级数收敛，但，排除(C),故应选(B).
【评注】 本题也可用比较判别法的极限形式，
，而级数发散，因此级数也发散，故应选(B).
完全类似的例题见《数学复习指南》P213例8.13.
（10）设f(x)为连续函数，，则等于
(A) 2f(2),(B) f(2),(C) –f(2),(D) 0,[ B ]
【分析】 先求导，再代入t=2求即可。关键是求导前应先交换积分次序，使得被积函数中不含有变量t.
【详解】 交换积分次序，得
=
于是，，从而有 ，故应选(B).
【评注】 在应用变限的积分对变量x求导时，应注意被积函数中不能含有变量x:
否则，应先通过恒等变形、变量代换和交换积分次序等将被积函数中的变量x换到积分号外或积分线上。
完全类似例题见《数学最后冲刺》P184例12，先交换积分次序再求导.
（11）设A是3阶方阵，将A的第1列与第2列交换得B,再把B的第2列加到第3列得C,则满足AQ=C的可逆矩阵Q为
(A) ,(B) ,(C) ,(D) .
[ D ]
【分析】 本题考查初等矩阵的的概念与性质，对A作两次初等列变换，相当于右乘两个相应的初等矩阵，而Q即为此两个初等矩阵的乘积。
【详解】由题设，有
,，
于是,
可见，应选(D).
【评注】 涉及到初等变换的问题，应掌握初等矩阵的定义、初等矩阵的性质以及与初等变换的关系。
完全类似例题见《数学题型集粹与练习题集》P196例2.2
（12）设A,B为满足AB=O的任意两个非零矩阵，则必有
A的列向量组线性相关，B的行向量组线性相关,
A的列向量组线性相关，B的列向量组线性相关,
A的行向量组线性相关，B的行向量组线性相关,
(D) A的行向量组线性相关，B的列向量组线性相关,[ A ]
【分析】A,B的行列向量组是否线性相关，可从A,B是否行（或列）满秩或Ax=0（Bx=0）是否有非零解进行分析讨论.
【详解1】 设A为矩阵，B 为矩阵，则由AB=O知，
,
又A,B为非零矩阵，必有r(A)>0,r(B)>0,可见r(A)<n,r(B)<n,即A的列向量组线性相关，B的行向量组线性相关，故应选(A).
【详解2】 由AB=O知，B的每一列均为Ax=0的解，而B为非零矩阵，即Ax=0存在非零解，可见A的列向量组线性相关。
同理，由AB=O知，，于是有的列向量组，从而B的行向量组线性相关，故应选(A).
【评注】 AB=O是常考关系式，一般来说，与此相关的两个结论是应记住的：
AB=O;
AB=OB的每列均为Ax=0的解。
完全类似例题见《数学最后冲刺》P110例10-11，《数学一临考演习》P79第4题,〈考研数学大串讲〉P173例8,P184例27。
（13）设随机变量X服从正态分布N(0,1)，对给定的，数满足，若，则等于
(A) ,(B) ,(C) ,(D) ,[ C ]
【分析】 此类问题的求解，可通过的定义进行分析，也可通过画出草图，直观地得到结论。
【详解】 由标准正态分布概率密度函数的对称性知，，于是
即有 ，可见根据定义有，故应选(C).
【评注】 本题相当于分位数，直观地有
o
此类问题在文登学校的辅导班上作为正态分布的一般结论总结过.
（14）设随机变量独立同分布，且其方差为 令，则
(A) Cov( (B) ,
(C) ,(D) ,[ A ]
【分析】 本题用方差和协方差的运算性质直接计算即可，注意利用独立性有：
【详解】 Cov(
=
【评注】 本题(C),(D) 两个选项的方差也可直接计算得到：如
=，
=
完全类似的例题见《数学一临考演习》P78第23题（本题是第23题的特殊情况）.
（15）（本题满分12分）
设,证明.
【分析】 根据要证不等式的形式，可考虑用拉格朗日中值定理或转化为函数不等式用单调性证明.
【证法1】 对函数在[a,b]上应用拉格朗日中值定理，得
设，则,
当t>e时, 所以单调减少，从而，即
，
故 .
【证法2】 设，则
，
,
所以当x>e时， 故单调减少，从而当时，
，
即当时，单调增加.
因此当时，，
即 ，
故 .
【评注】 本题也可设辅助函数为或
，再用单调性进行证明即可。
完全类似的例题见《数学复习指南》P347例13.31及P344的[解题提示],《考研数学大串讲》P65例13,
（16）（本题满分11分）
某种飞机在机场降落时，为了减少滑行距离，在触地的瞬间，飞机尾部张开减速伞，以增大阻力，使飞机迅速减速并停下.
现有一质量为9000kg的飞机，着陆时的水平速度为700km/h,经测试，减速伞打开后，飞机所受的总阻力与飞机的速度成正比（比例系数为 问从着陆点算起，飞机滑行的最长距离是多少？
注kg表示千克，km/h表示千米/小时.
【分析】 本题是标准的牛顿第二定理的应用，列出关系式后再解微分方程即可。
【详解1】 由题设，飞机的质量m=9000kg，着陆时的水平速度,从飞机接触跑道开始记时，设t时刻飞机的滑行距离为x(t)，速度为v(t).
根据牛顿第二定律，得
.
又 ，
由以上两式得
，
积分得 由于，故得，从而
当时,
所以，飞机滑行的最长距离为1.05km.
【详解2】 根据牛顿第二定律，得 ,
所以
两端积分得通解，代入初始条件解得，
故
飞机滑行的最长距离为
或由，知，故最长距离为当时，
【详解3】 根据牛顿第二定律，得 ,
，
其特征方程为 ，解之得，
故
由 ，
得 于是
当时，
所以，飞机滑行的最长距离为1.05km.
【评注】 本题求飞机滑行的最长距离，可理解为或的极限值，这种条件应引起注意.
完全类似的例题见《数学最后冲刺》P98-99例10-11.
（17）（本题满分12分）
计算曲面积分
其中是曲面的上侧.
【分析】 先添加一曲面使之与原曲面围成一封闭曲面，应用高斯公式求解，而在添加的曲面上应用直接投影法求解即可.
【详解】 取为xoy平面上被圆所围部分的下侧，记为由与围成的空间闭区域，则
由高斯公式知
=
=
而 ，
故
【评注】 本题选择时应注意其侧与围成封闭曲面后同为外侧（或内侧），再就是在上直接投影积分时，应注意符号(取下侧，与z轴正向相反，所以取负号).
完全类似的例题见《数学复习指南》P325例12.21，《数学题型集粹与练习题集》P148例10.17（2）,《数学一临考演习》P38第19题.
（18）（本题满分11分）
设有方程，其中n为正整数,证明此方程存在惟一正实根，并证明当时，级数收敛.
【分析】 利用介值定理证明存在性，利用单调性证明惟一性。而正项级数的敛散性可用比较法判定。
【证】 记 由，，及连续函数的介值定理知，方程存在正实数根
当x>0时，，可见在上单调增加,故方程存在惟一正实数根
由与知
，故当时，.
而正项级数收敛，所以当时，级数收敛.
【评注】 本题综合考查了介值定理和无穷级数的敛散性，题型设计比较新颖，但难度并不大，只要基本概念清楚，应该可以轻松求证。
完全类似例题见《数学题型集粹与练习题集》P91例6.15(有关根的存在性与惟一性证明),收敛性证明用比较法很简单.
（19）（本题满分12分）
设z=z(x,y)是由确定的函数，求的极值点和极值.
【分析】 可能极值点是两个一阶偏导数为零的点，先求出一阶偏导，再令其为零确定极值点即可，然后用二阶偏导确定是极大值还是极小值，并求出相应的极值.
【详解】 因为 ，所以
，
.
令 得
故
将上式代入，可得
或
由于 ，
，
所以 ，，，
故，又，从而点(9,3)是z(x,y)的极小值点，极小值为z(9,3)=3.
类似地，由
，，，
可知，又，从而点(-9,-3)是z(x,y)的极大值点，极大值为
z(-9,-3)= -3.
【评注】 本题讨论由方程所确定的隐函数求极值问题，关键是求可能极值点时应注意x,y,z满足原方程。
完全类似的例题见《数学复习指南》P277例10.31.
（20）（本题满分9分）
设有齐次线性方程组
试问a取何值时，该方程组有非零解，并求出其通解.
【分析】 本题是方程的个数与未知量的个数相同的齐次线性方程组，可考虑对系数矩阵直接用初等行变换化为阶梯形，再讨论其秩是否小于n，进而判断是否有非零解；或直接计算系数矩阵的行列式，根据题设行列式的值必为零，由此对参数a的可能取值进行讨论即可。
【详解1】 对方程组的系数矩阵A作初等行变换，有
当a=0时,r(A)=1<n，故方程组有非零解，其同解方程组为
由此得基础解系为
于是方程组的通解为
其中为任意常数.
当时，对矩阵B作初等行变换，有
可知时，，故方程组也有非零解，其同解方程组为
由此得基础解系为
，
于是方程组的通解为
，其中k为任意常数.
【详解2】 方程组的系数行列式为
.
当，即a=0或时，方程组有非零解.
当a=0时，对系数矩阵A作初等行变换，有
，
故方程组的同解方程组为
由此得基础解系为
于是方程组的通解为
其中为任意常数.
当时，对系数矩阵A作初等行变换，有
，
故方程组的同解方程组为
由此得基础解系为
，
于是方程组的通解为
，其中k为任意常数.
【评注】 矩阵A的行列式也可这样计算：
=+，矩阵的特征值为，从而A的特征值为a,a,,故行列式
类似例题见《数学题型集粹与练习题集》P228例4.4和P234例4.12.
（21）（本题满分9分）
设矩阵的特征方程有一个二重根，求a的值，并讨论A是否可相似对角化.
【分析】 先求出A的特征值，再根据其二重根是否有两个线性无关的特征向量，确定A是否可相似对角化即可.
【详解】 A的特征多项式为
=
当是特征方程的二重根，则有 解得a= -2.
当a= -2时，A的特征值为2,2,6,矩阵2E-A=的秩为1，故对应的线性无关的特征向量有两个，从而A可相似对角化。
若不是特征方程的二重根，则为完全平方，从而18+3a=16，解得
当时，A的特征值为2，4，4，矩阵4E-A=秩为2，故对应的线性无关的特征向量只有一个，从而A不可相似对角化。
【评注】 n阶矩阵A可对角化的充要条件是：对于A的任意重特征根，恒有 而单根一定只有一个线性无关的特征向量。
原题见《考研数学大串讲》P224例20.，完全类似的例题还可参见《数学复习指南》P462例5.12及[解题提示].
(22)（本题满分9分）
设A,B为随机事件，且，令
求：（I）二维随机变量(X,Y)的概率分布；
（II）X和Y的相关系数
【分析】 先确定(X,Y)的可能取值，再求在每一个可能取值点上的概率，而这可利用随机事件的运算性质得到，即得二维随机变量(X,Y)的概率分布；利用联合概率分布可求出边缘概率分布，进而可计算出相关系数。
【详解】 （I） 由于，
所以,，
，
=
（或），
故(X,Y)的概率分布为
Y
X 0 1
0
1
(II) X,Y的概率分布分别为
X 0 1 Y 0 1
P P
则，，DY=,E(XY)=,
故 ，从而
【评注】 本题尽管难度不大，但考察的知识点很多，综合性较强。通过随机事件定义随机变量或通过随机变量定义随机事件，可以比较好地将概率论的知识前后连贯起来，这种命题方式值得注意。
原题见《考研数学大串讲》P274例3.
（23）（本题满分9分）
设总体X的分布函数为
其中未知参数为来自总体X的简单随机样本，求：
（I） 的矩估计量；
（II） 的最大似然估计量.
【分析】 先由分布函数求出概率密度，再根据求矩估计量和最大似然估计量的标准方法进行讨论即可。
【详解】 X的概率密度为
（I） 由于
，
令，解得 ，所以参数的矩估计量为
（II）似然函数为
当时，，取对数得
，
两边对求导，得
，
令，可得 ，
故的最大似然估计量为
【评注】 本题是基础题型，难度不大，但计算量比较大，实际做题时应特别注意计算的准确性。
完全类似的例题见《数学复习指南》P596例6.9,《数学题型集粹与练习题集》P364第十三题，《数学一临考演习》P26第23题,
